| № | Пользователь | Рейтинг |
|---|---|---|
| 1 | tourist | 4009 |
| 2 | jiangly | 3823 |
| 3 | Benq | 3738 |
| 4 | Radewoosh | 3633 |
| 5 | jqdai0815 | 3620 |
| 6 | orzdevinwang | 3529 |
| 7 | ecnerwala | 3446 |
| 8 | Um_nik | 3396 |
| 9 | ksun48 | 3390 |
| 10 | gamegame | 3386 |
| Страны | Города | Организации | Всё → |
| № | Пользователь | Вклад |
|---|---|---|
| 1 | cry | 167 |
| 2 | Um_nik | 163 |
| 3 | maomao90 | 162 |
| 3 | atcoder_official | 162 |
| 5 | adamant | 159 |
| 6 | -is-this-fft- | 158 |
| 7 | awoo | 157 |
| 8 | TheScrasse | 154 |
| 9 | Dominater069 | 153 |
| 9 | nor | 153 |
Знает ли кто-нибудь быстрый способ вычисления элементарных симметрических многочленов от n переменных?
Можно вычислить сразу все за 
, перемножив многочлены 
с помощью бпф и взяв коэффициенты произведения. Но если нужно вычислять по модулю, то это уже не очень удобно, а если модуль не простой, то совсем плохо.
Можно вычислить все квадратичной динамикой, но хочется что-нибудь побыстрее.
Как в тему) Как посчитать количество комутирующих перестановок к даной? Я так понял что надо найти количество возможных вот этих самых симетрических многочленов. Судя по этому, в самом начале.
Количество коммутирующих перестановок сильно проще считается. Можно доказать, что в любой группе
, где N(x) — множество элементов коммутирующих с x, G — группа (в данном случае группа перестановок мощности n!), S(x) — множество сопряженных к x элементов. В группе перестановок легко посчитать все сопряженные, т.к. это просто все перестановки с таким цикловым типом.
Спасибо, кэп
Умножать Карацубой?
Недавно столкнулся с этой же проблемой и понял, что все очень просто. Надо перемножать многочлены с помощью БПФ и после каждого перемножения брать коэффициенты по модулю (главное следить за точностью)
А как за O(NlogN)? Я умею только перемножать их, вытаскивая два очередных многочлена из очереди, перемножая их, и кладя результат в конец очереди (получится порядок умножения а-ля дерево отрезков), но это будет работать за
.
Более того, я писал ровно эту задачу именно так, хотя и не припомню где именно.
Есть довольно хитрый алгоритм, я его пару лет назад видел в одной книжке по вычислительной математике, только сейчас не могу вспомнить ни книжку, ни сам алгоритм =)